Растянутый стержень с поперечной нагрузкой

Оглавление:

Это изображение имеет пустой атрибут alt; его имя файла - image-10-1.png

Растянутый стержень с поперечной нагрузкой

Растяжка c боковой нагрузкой Е, «» ристанюти = jsrssciasA с ^ — » ЕР ^ * с™с » Точно таким же образом В случае Лано компрессионного стержня элемента f, вам просто нужно изменить знак в 6. В этом случае вместо величин p и u, определенных в формулах (17) и (23) соответственно, появляются» » и-И^®, а вместо p、 G «» * 2 =цц » ЗЗС гр » п » я—- Знаком с известными зависимостями:,,, грех ул = і Шу, потому что СЖ = chн, tgni = ithu. Таким образом, мы получаем левую часть стержня, вытянутого из формул (18) и (19) (рис.34). Рис.34. *. ПК СХ РХ + ^ х、 (41） (42） Пшпк у СП ш Пи 4 года РвърсhoK_L. К.- SI’DX * Sshpf

Аналогичные выражения можно также получить в разделе справа. «Р» <20) — <и> — и-УР»»»»»!» «» Для одной нагрузки P, действующей на удлиненный стержень, можно легко получить уравнения для всех видов криволинейных осей. Используйте метод наложения для загрузки. 。 l9p » pggiy

Самое большое отклонение-это IX. В. 5 кл * ч и Y max — (Y) Xtv±384 ID (43 )） Я… Куда? іх * 1 + 7 іх <М») = 5″ 24. IX4 Наклон касательной левой левой криволинейной оси по формуле (32) выглядит следующим образом: 1(1У \ _ _ д [!* U-W и(44） dxjx = 0 24EJ

Например, равномерно нагруженные участки Используя стержни и формулы (30) и (31)、 гл.. + $ Bx11 г = Б Людмила Фирмаль

В этом случае максимальный изгибающий момент в середине пролета получается из Формулы (33). (45 )） Куда? Из этого видно, что максимальный прогиб и максимальный изгибающий момент получаются путем умножения соответствующих уравнений свободно опирающейся балки без осевой нагрузки на коэффициенты (i) и phi (q), которые зависят от величины осевой растягивающей силы 5.Цифры этих коэффициентов представлены в таблице.

Для изгиба удлинительного стержня парой сил, приложенных к правому концу, формула для криволинейной оси получается из Формулы (20). I) различные случаи изгиба выпрямленного рулевого колеса»?? А. П.. Ван дер Флит, ЦИТ. на стр. 35, а также И. Г. Бубнов, КП. Табуляция.4 взято из последней книги.

Таблица 4 （ второй’ Д-р 2 (гл. ІХ, Х) — д-р Макс г и 8 ^ ■ / ч. 2(гл. іх-1） И * Чу * ^ ^ −1 0.139 0.121 0.106 0,093 песня ода 01) 74 песня ода 0,060 0,054 0,050 0,045 0,042 0.391 песня ода 0.347 песня ода 0.311 0.296 0.283 0.270 песня ода песня ода песня ода песня ода 0,047 0,041 0,036 0,031 0,028 0,025 0,022 0,020 0.018 0.017 0.015 0.014 0.197 0.175 0.156 0.141 0.127 0.115 −0.105 0.096 0.088 0.081 0.075 0.069 0,054 0,047 0,041 0,036 0,032 0,029 0,026 0.024 0,021 0,020 0.018 0.016 6.5 7.0 7.5 8.0 8.5 9.0 9.5 10.0 10.5 11.0 11.5 12.0 1,000. 0.972 0.894 0.788 0.673 песня ода 0.467 0.386 0.320 О, да. 0.189 0.162 1,000. 0.984 0.939 0.876 0.806 0.736 0.672 0.614 0.563 0.519 0.480 0.446 0.417 1,000. 0,905 0.704 0.511 0.367 0.268 0,200 0.153 0,120 0,097 0,079 0,066 0,055 1,000. 0.976 0,909 0.817 0.715 0.617 0.529 0.453 0.388 0.335 0.291 0.254 0.223 1,000. 0.908 0.711 0.523 0.380 0.281 0.213 0.166 0.132 0.107 0,088 0,074 0,063 Да. 0,5. 1,0 1.5 2.0 2.5 3.0 3 ^ 4.0 4.5 5.0. 5.5 6.0

Она написана следующим образом: МО Іх * £ * (46 )） Если есть пара из 2 равных противоположных сил. При применении к серпу удлиненного стержня уравнение оси кривой получается методом суперпозиции. М0 (х ЩР \ я МО \ л〜х shp(<__ — §§ТТ — — — -)) ^ s [i SH Pi J (47）

Из этого уравнения вы можете увидеть центральное отклонение и угол наклона левого торцевого касательного удлинителя. М. Чу-1 МДж ’ Чу-1 ОО я = т Чу 8 ЭЖ 1.. ’ Х * Y и Чу(48） Центральный изгибающий момент <П-1 = _ МОТОВИЛИХИНСКИЕ ЗАВОДЫ»}.- я С уравнениями К Новому концу, статистически неопределенно ко№ш «» пункт 0 Предельный случай гибки па ^ » для растяжек с нагрузками Иссзссфи»»-<«>«（ «）。 (49 )） Qп вопрос-thõh. Тики M0l вопрос * 1(. И％ Куда? (50） 4-ix * thxx 。。 в у-thtt’. ^( «)= Я — Тикс (T. P »»» Æ <5 ’」 Центральное отклонение определяется по формулам (43) и (48).Это дает^. •. ■ • /. с Л1 * например, » −1 + Т (дерево)_ 241. (52） Где. * L 24 / ix * uchxx-и (H) sh ix * D * 。 Л павна к единству в и Р-0 «Т. О», когда

Функция СР» …. f * ravchiЄD ни одно растяжимое ни Есть только боковой,^щ^^^, то есть запрос будет увеличиваться. Людмила Фирмаль

Вертикальное натяжение натяжного стержня? Стержень. Приложения Копирование строк поперечной нагрузки с учетом изгиба.

Приведенная выше таблица показана ниже^ Тонкая пластина (см. стр. 72)^ .. г。 .Задач в ^ «Максимальный момент» удлиненного стержня, нагруженного в центре, чтобы найти максимальное отклонение. Ответ. Р1, u_xa ’ ■^) ш » = 48E / — Т ^-’. 。 Зы » °п7шце. Изгибающий момент, оба конца половина уравнения Pl tbj 4 ix. • Я проверю.

Это отличная игра. іх СФ: а)+ = 0. 1ДЖ: ТР-х37наигжсанглвшихмпн? D) максимальный изгиб ib и стержня o Oeonpe риса * Великобритания ’.Стержень считается половиной удлиненного стержня, загруженного в центр. и… *.

Представление кривой изгиба тригонометрическим рядом	Одновременное действие осевых сжимающих и поперечных нагрузок
Прогиб брусьев с малой начальной кривизной	Нарезные сжатые стержни