Способ сравнения деформаций

Способ сравнения деформаций

• Метод сравнения вариантов. Для выполнения решения уравнения (23.2)/b=0, выполненного в§ 136, называемого уравнением совместимости деформации, можно обсудить следующее. Точка отклонения B основной системы под действием нагрузки q h состоит

из двух отклонений: одно вызвано статическим неопределенным лучом lish436[CH. XXIII b. Qy и другие нагрузки D-V причиненные реакцией, Икс Икс a’Q TP11111111111G1G1i/1 < URL-адрес 1!

Один. Один. Один. Один. Один. ——— Один. Четыре. С) Один. Я не уверен. Людмила Фирмаль

Один. — Ньютон. Фигура. 359. /b=fBq+ / BB=O-(23.3) осталось рассчитать эти отклонения. Для этого загрузите основную систему одной нагрузкой q (рис. 359, а). Тогда отклонение точки B будет выглядеть так: f-J B * 8EJ’ При загрузке основной системы реакция в(рис. 359, б)

мы имеем: Подставляя эти значения отклонения в уравнение (23.3), получаем следующее: И так оно и есть. Де-Б/3=Сэй ’ 3Б Дж- (23.4) Этот

• метод сначала позволяет основной системе деформироваться под действием внешней нагрузки q, а затем выбирает силу b, чтобы вернуть точку B. Поэтому для выравнивания отклонения от нагрузки Q и силы B выбирается неизвестное значение реакции

сложения B. Подставляя значение избыточной реакции в статистическое уравнение (23.1), получаем ^=’4′ — Т = ¥ —

Выражение изгибающего момента получается при рассмотрении правой части Людмила Фирмаль

балки. 358) и подставляя значения:§ 138 применение теоремы Кастильяно 437 Боковая сила Q выражается формулой Q= — B — \r qx—q-x j. Диаграмма момента и боковых сил показана на рисунке. Сечение с максимальным положительным моментом 360 соответствует абсциссе x0 определяемой равенством d M_dx ie3D1 8 — м хя=0. Таким образом, x0=y-соответствующая ордината графика момента.. 3ql31q * 9/2, 9Miah8• 8 2 • 64 4 128″ *

Смотрите также:

• Примеры решения задач по сопромату

Практические выводы из полученных результатов	Расчёты балок конечной длины
Учёт массы упругой системы, испытывающей удар	Вычисление напряжений и деформаций.